重庆一中高三（上）一诊模拟数学试卷（理科）及答案和解析

以下是重庆一中高三（上）一诊模拟数学试卷（理科）及答案和解析，同学们做完试卷再对照答案和解析，看看自己错题的原因，总结归纳自己对于数学知识的掌握情况。
一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.
1．复数z满足z（1+i）=4，则复数z在复平面上对应的点与点（1，0）间的距离为（　　）
A．2 B． C．4 D．
2．已知集合为实数集，则集合A∩（∁RB）=（　　）
A．R B．（﹣∞，2） C．（1，2） D．[1，2）
3．将函数y=sinx+cosx图象上各点的横坐标缩短到原来的倍，得到y=f（x）的图象，则y=f（x）的比较小正周期为（　　）
A． B．π C．2π D．4π
4．已知双曲线的离心率为，且点P（，0）到其渐近线的距离为8，则C的实轴长为（　　）
A．2 B．4 C．8 D．16
5．设，则（　　）
A．a＞b＞c B．a＞c＞b C．c＞a＞b D．b＞c＞a
6．执行如图所示的程序框图，则输出的结果是（　　）
A．121 B．129 C．178 D．209
7．若随机变量X～N（u，σ2）（σ＞0），则有如下结论（　　）
P（u﹣σ＜X≤u+σ）=0.6826，
P（u﹣2σ＜X≤u+2σ）=0.9544
P（u﹣3σ＜X≤u+3σ）=0.9974，
一班有60名同学，一次数学考试的成绩服从正态分布，平均分110，方差为100，理论上说在120分到130分之间的人数约为（　　）
A．6 B．7 C．8 D．9
8．定义在R上的奇函数f（x）关于点（2，1）对称，则f（6）=（　　）
A．9 B．7 C．5 D．3
9．将4个不同的小球装入4个不同的盒子，则在至少一个盒子为空的条件下，恰好有两个盒子为空的概率是（　　）
A． B． C． D．
10．（x+2y+z）6的展开式中，x2y3z2的系数为（　　）
A．﹣30 B．120 C．240 D．420
11．过x轴下方的一动点P作抛物线C：x2=2y的两切线，切点分别为A，B，若直线AB到圆x2+y2=1相切，则点P的轨迹方程为（　　）
A．y2﹣x2=1（y＜0） B．（y+2）2+x2=1
C． D．x2=﹣y﹣1
12．已知函数，若f[g（x）]≤0对x∈[0，1]恒成立，则实数a的取值范围是（　　）
A． B．（﹣∞，0] C．[0，﹣1] D．
二、填空题△ABC中，∠A=90°，AC=2，D为边BC的中点，则=　　．
14．已知实数x，y满足，则z=的比较大值为　　．
15．△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且，则tanAtan2B的取值范围是　　．
16．高斯是德国的数学家，享有“数学王子”之称，以他的名字“高斯”命名的成果达110个，设x∈R，用[x]表示不超过x的比较大整数，并用{x}=x﹣[x]表示x的非负纯小数，则y=[x]称为高斯函数，已知数列{an}满足：，则a2017=　　．
三、解答题（本大题共5小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）
17．（12分）已知（1+2x）n的展开式中各项的二项式系数和为an，第二项的系数为bn．
（1）求an，bn；
（2）求数列{anbn}的前n项和Sn．
18．（12分）在△ABC中，角A，B，C所对的边分别是a，b，c，且+=．
（1）证明：a，c，b成等比数列；
（2）若△ABC的外接圆半径为，且4sin（C﹣）cosC=1，求△ABC的周长．
19．（12分）为降低汽车尾气的排放量，某厂生产甲乙两种不同型号的节排器，分别从甲乙两种节排器中各自抽取100件进行性能质量评估检测，综合得分情况的频率分布直方图如图所示．
节排器等级及利润如表格表示，其中
综合得分k的范围 节排器等级 节排器利润率
k≥85 一级品 a
75≤k＜85 二级品 5a2
70≤k＜75 三级品 a2
（1）若从这100件甲型号节排器按节排器等级分层抽样的方法抽取10件，再从这10件节排器中随机抽取3件，求至少有2件一级品的概率；
（2）视频率分布直方图中的频率为概率，用样本估计总体，则
①若从乙型号节排器中随机抽取3件，求二级品数ξ的分布列及数学期望E（ξ）；
②从长期来看，骰子哪种型号的节排器平均利润较大？
20．（12分）已知椭圆的左右焦点分别为F1，F2，且F2为抛物线的焦点，C2的准线l被C1和圆x2+y2=a2截得的弦长分别为和4．
（1）求C1和C2的方程；
（2）直线l1过F1且与C2不相交，直线l2过F2且与l1平行，若l1交C1于A，B，l2交C1交于C，D，且在x轴上方，求四边形AF1F2C的面积的取值范围．
21．（12分）设函数f（x）=（x+1）lnx﹣a（x﹣1）．
（1）若函数f（x）的图象与直线y=x﹣1相切，求a的值；
（2）当1＜x＜2时，求证：．
请考生在22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分.[选修4-4：坐标系与参数方程]
22．（10分）在直角坐标系xOy中，直线l：（t为参数，α∈（0，））与圆C：（x﹣1）2+（y﹣2）2=4相交于点A，B，以O为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系．
（1）求直线l与圆C的极坐标方程；
（2）求的比较大值．
[选修4-5：不等式选讲]
23．设函数f（x）=|2x﹣a|+|x+a|（a＞0）．
（1）当a=1时，求f（x）的比较小值；
（2）若关于x的不等式在x∈[1，2]上有解，求实数a的取值范围．
2016-2017学年重庆一中高三（上）一诊模拟数学试卷（理科）
参考答案与试题解析
一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.
1．复数z满足z（1+i）=4，则复数z在复平面上对应的点与点（1，0）间的距离为（　　）
A．2 B． C．4 D．
【】复数的代数表示法及其几何意义．
【分析】利用复数的运算法则、几何意义、两点之间的距离公式即可得出．
【解答】解：z（1+i）=4，∴z（1+i）（1﹣i）=4（1﹣i），∴z=2﹣2i，
则复数z在复平面上对应的点（2，﹣2）与点（1，0）间的距离==．
故选：B．
【点评】本题考查了复数的运算法则、两点之间的距离公式，考查了推理能力与计算能力，属于基础题．
2．已知集合为实数集，则集合A∩（∁RB）=（　　）
A．R B．（﹣∞，2） C．（1，2） D．[1，2）
【】交、并、补集的混合运算．
【分析】利用不等式的解法、集合的运算性质即可得出．
【解答】解：由1，化为：＞0，解得x＜1．可得B（﹣∞，1）．
∴∁RB=[1，+∞）．　　
集合A∩（∁RB）=[1，2）．
故选：D．
【点评】本题考查了不等式的解法、集合的运算性质，考查了推理能力与计算能力，属于基础题．
3．将函数y=sinx+cosx图象上各点的横坐标缩短到原来的倍，得到y=f（x）的图象，则y=f（x）的比较小正周期为（　　）
A． B．π C．2π D．4π
【】函数y=Asin（ωx+φ）的图象变换．
【分析】求出y=f（x）的解析式，即可求出y=f（x）的比较小正周期．
【解答】解：y=sinx+cosx=sin（x+），横坐标缩短到原来的倍，得到y=f（x）=sin（2x+），
T==π，
故选B．
【点评】本题考查y=f（x）的比较小正周期，考查图象变换，确定函数的解析式是关键．
4．已知双曲线的离心率为，且点P（，0）到其渐近线的距离为8，则C的实轴长为（　　）
A．2 B．4 C．8 D．16
【】双曲线的简单性质．
【分析】运用双曲线的离心率公式和渐近线方程，以及点到直线的距离公式，结合a，b，c的关系式，解方程可得a的值，即可得到实轴长．
【解答】解：由题意可得e==，a2+b2=c2，
渐近线方程为y=±x，
点P（，0）到其渐近线的距离为8，
即有P（c，0）到渐近线bx+ay=0的距离为8，
可得=8，即有b=8，
则a2+64=c2，
可得a=4，c=4，
则C的实轴长为8．
故选：C．
【点评】本题考查双曲线的方程和性质，主要是渐近线方程和离心率，考查点到直线的距离公式的运用，考查化简整理的运算能力，属于基础题．
5．设，则（　　）
A．a＞b＞c B．a＞c＞b C．c＞a＞b D．b＞c＞a
【】对数值大小的比较．
【分析】利用指数与对数的运算法则及其函数的单调性即可得出．
【解答】解：∵a=＞1，1＞b=log43===，c=log85===，可得b＞c．
∴a＞b＞c．
故选：A．
【点评】本题考查了指数与对数的运算法则及其函数的单调性，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．
6．执行如图所示的程序框图，则输出的结果是（　　）
A．121 B．129 C．178 D．209
【】程序框图．
【分析】根据框图的流程模拟运行程序，直到不满足条件，计算输出S的值．
【解答】解：模拟执行程序框图，可得
a=8，b=5，S=13
满足条件S≤85，a=5，b=13，S=18，
满足条件S≤85，a=13，b=18，S=31，
满足条件S≤85，a=18，b=31，S=49，
满足条件S≤85，a=31，b=49，S=80，
满足条件S≤85，a=49，b=80，S=129
不满足条件S≤85，输出S的值为129．
故选：B．
【点评】本题考查了循环结构的程序框图，根据框图的流程模拟运行程序是解答此类问题的常用方法．
7．若随机变量X～N（u，σ2）（σ＞0），则有如下结论（　　）
P（u﹣σ＜X≤u+σ）=0.6826，
P（u﹣2σ＜X≤u+2σ）=0.9544
P（u﹣3σ＜X≤u+3σ）=0.9974，
一班有60名同学，一次数学考试的成绩服从正态分布，平均分110，方差为100，理论上说在120分到130分之间的人数约为（　　）
A．6 B．7 C．8 D．9
【】正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义．
【分析】正态总体的取值关于x=110对称，利用P（100＜x＜120）=0.6826，P（90＜x＜130）=0.9544，得即可到要求的结果．
【解答】解：∵数学成绩近似地服从正态分布N（110，102），
∴P（100＜x＜120）=0.6826，P（90＜x＜130）=0.9544，
根据正态曲线的对称性知：
位于120分到130分的概率为=0.1359
∴理论上说在120分到130分的人数0.1359×60≈8．
故选：C．
【点评】一个随机变量如果是众多的、互不相干的、不分主次的偶然因素作用结果之和，它就服从或近似的服从正态分布，正态分布在概率和统计中具有重要地位且满足3σ原则．
8．定义在R上的奇函数f（x）关于点（2，1）对称，则f（6）=（　　）
A．9 B．7 C．5 D．3
【】函数奇偶性的性质．
【分析】定义在R上的奇函数f（x）关于点（2，1）对称，f（2+x）+f（2﹣x）=2，即可求出f（6）．
【解答】解：∵定义在R上的奇函数f（x）关于点（2，1）对称，
∴f（2+x）+f（2﹣x）=2，
∴f（2）=1
∴f（6）+f（﹣2）=2，
∴f（6）=3，
故选D．
【点评】本题考查函数的对称性，考查学生的计算能力，利用f（2+x）+f（2﹣x）=2是关键．
9．将4个不同的小球装入4个不同的盒子，则在至少一个盒子为空的条件下，恰好有两个盒子为空的概率是（　　）
A． B． C． D．
【】排列、组合的实际应用；条件概率与独立事件．
【分析】根据题意，由分步计数原理计算可得“将4个不同的小球装入4个不同的盒子”的放法数目，进而由排列、组合数公式计算“没有空盒”、“有1个空盒的放法”、“有3个空盒”的放法数目，由古典概型公式计算可得“至少一个盒子为空”以及“恰好有两个盒子为空”的概率，比较后由条件概率的计算公式计算可得答案．
【解答】解：根据题意，将4个不同的小球装入4个不同的盒子，有44=256种不同的放法，
若没有空盒，有A44=24种放法，有1个空盒的放法有C41C42A33=144种，有3个空盒的放法有C41=4种，
则至少一个盒子为空的放法有256﹣24=232种，故“至少一个盒子为空”的概率P1=，
恰好有两个盒子为空的放法有256﹣24﹣144﹣4=84种，故“恰好有两个盒子为空”的概率P2=，
则则在至少一个盒子为空的条件下，恰好有两个盒子为空的概率p==；
故选：A．
【点评】本题考查条件概率的计算，涉及排列、组合的应用，关键是求出“至少一个盒子为空”以及“恰好有两个盒子为空”的概率．
10．（x﹣y）（x+2y+z）6的展开式中，x2y3z2的系数为（　　）
A．﹣30 B．120 C．240 D．420
【】二项式定理的应用．
【分析】（x+2y+z）6的展开式的通项公式：Tr+1=（2y）6﹣r（x+z）r=26﹣ry6﹣r（x+z）r，（x+z）r的展开式的通项公式：Tk+1=xr﹣kzk．可得两个通项公式相乘可得展开式的通项形式：26﹣ry6﹣r•xr﹣kzk．通过分类讨论即可得出．
【解答】解：（x+2y+z）6的展开式的通项公式：Tr+1=（2y）6﹣r（x+z）r=26﹣ry6﹣r（x+z）r，
（x+z）r的展开式的通项公式：Tk+1=xr﹣kzk．
可得两个通项公式相乘可得展开式的通项形式：26﹣ry6﹣r•xr﹣kzk．
令r﹣k+1=2，6﹣r=3，k=2，或r﹣k=2，6﹣r+1=3，k=2．
解得k=2，r=3．或k=2，r=4．
∴x2y3z2的系数为﹣=120．
故选：B．
【点评】本题考查了二项式定理的应用、分类讨论方法，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．
11．过x轴下方的一动点P作抛物线C：x2=2y的两切线，切点分别为A，B，若直线AB到圆x2+y2=1相切，则点P的轨迹方程为（　　）
A．y2﹣x2=1（y＜0） B．（y+2）2+x2=1
C． D．x2=﹣y﹣1
【】轨迹方程．
【分析】设抛物线的弦AB与圆x2+y2=1切于点M（x0，y0），则x02+y02=1，过M点的圆的切线方程为x0x+y0y=1．联立抛物线方程后，根据△＞0，可得y0的范围，进而结合﹣1≤y0≤1且y0＜0，可得y0的范围．设出A，B的坐标，由韦达定理可得x1+x2的关系式①，x1x2的关系式②．求出AP，BP的方程，进而可得M的坐标，代入圆的方程可得P点轨迹方程；
【解答】解：设抛物线的弦AB与圆x2+y2=1切于点M（x0，y0），
则x02+y02=1，过M点的圆的切线方程为x0x+y0y=1．
由得y0x2+x0x﹣1=0．（*）
由△=x02+2y0=﹣y02+2y0+1＞0，得1﹣＜y0＜1+．
又∵﹣1≤y0≤1且y0＜0，∴1﹣＜y0≤0．
令A（x1， x12），B（x2， x22），知x1、x2是方程（*）的两个实根，
由根与系数的关系，
得x1+x2=﹣①，x1x2=﹣②．
过A点的抛物线的切线AP的方程为y﹣x12=x1（x﹣x1），即y=x1x﹣x12．③
同理，BP的方程为y=x2x﹣x22．④
联立①②③④，解得，
∴，
代入x02+y02=1得（）2+（﹣）2=1，
整理，得y2﹣x2=1（x∈R，﹣1≤y＜0），这就是点P的轨迹方程．
故选：A．
【点评】本题考查的知识点是抛物线的简单性质，直线与圆锥曲线的关系，综合性强，运算量大，转化困难，难度较大，属于难题．﹣
12．已知函数，若f[g（x）]≤0对x∈[0，1]恒成立，则实数a的取值范围是（　　）
A． B．（﹣∞，0] C．[0，﹣1] D．
【】导数在比较大值、比较小值问题中的应用．
【分析】令t=g（x），x∈[0，1]，则g′（x）=2xln2﹣2x．设g′（x0）=0，利用单调性可得：g（x）在x∈[0，1]上的值域为[1，g（x0）]，（g（x0）=2x0﹣x02）．由f[g（x）]≤0对x∈[0，1]恒成立，可得+（a﹣1）+a≤0，a≤2﹣1=h（t），t∈[1，g（x0）]，即可得出．
【解答】解：令t=g（x），x∈[0，1]，则g′（x）=2xln2﹣2x
设g′（x0）=0，则函数在[0，x0]上单调递增，在[x0，1]上单调递减，
g（x）在x∈[0，1]上的值域为[1，g（x0）]，（g（x0）=2x0﹣x02＜2）．
∵f[g（x）]≤0对x∈[0，1]恒成立，
∴f（t）≤0，即+（a﹣1）+a≤0，
a≤=2﹣1=h（t），t∈[1，g（x0）]，
则h（t）的比较小值=2×﹣1=﹣1．
∴a≤﹣1．
故选：A．
【点评】本题考查了利用导数研究函数的单调性极值与比较值、三角函数的单调性、恒成立问题等价转化方法，考查了推理能力与计算能力，属于难题．
二、填空题（2016秋•沙坪坝区校级）△ABC中，∠A=90°，AC=2，D为边BC的中点，则=　2　．
【】平面向量数量积的运算．
【分析】根据向量的数量积的运算法则计算即可．
【解答】解：△ABC中，∠A=90°，AC=2，D为边BC的中点，
则=（+）•=2+•=×22=2，
故答案为：2．
【点评】本题考查了向量的数量积的运算，属于基础题．
14．已知实数x，y满足，则z=的比较大值为　　．
【】简单线性规划．
【分析】画出满足条件的平面区域，求出角点的坐标，结合目标函数的几何意义求出z的比较大值即可．
【解答】解：画出满足条件的平面区域，如图示：
由，解得：A（3，4），
z=的几何意义是可行域内的点与（0，﹣1）连线的斜率的一半，由题意可知可行域的A与（0，﹣1）连线的斜率比较大．
∴z=的比较大值是：，
故答案为：．
【点评】本题考查了简单的线性规划问题，考查数形结合思想，是一道中档题．
15．△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且，则tanAtan2B的取值范围是　　．
【】余弦定理．
【分析】由且，可得cosC==，C∈（0，π），解得C=．可得tanAtan2B=tan•tan2B=，再利用基本不等式的性质即可得出．
【解答】解：由且，
∴cosC==，C∈（0，π），
解得C=．
则tanAtan2B=tan•tan2B=×=，
令tanB=t∈（0，1），则≤=，等号不成立．
∴∈（0，），
故答案为：．
【点评】本题考查了余弦定理、和差公式、基本不等式的性质，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．
16．高斯是德国的数学家，享有“数学王子”之称，以他的名字“高斯”命名的成果达110个，设x∈R，用[x]表示不超过x的比较大整数，并用{x}=x﹣[x]表示x的非负纯小数，则y=[x]称为高斯函数，已知数列{an}满足：，则a2017=　　．
【】数列的概念及简单表示法．
【分析】由于：，经过计算可得：数列{a2k﹣1}成等差数列，首项为，公差为3．即可得出．
【解答】解：满足：，
∴a2=1+=2+．
a3=2+=3+=4+（﹣1），
a4=4+=5+，
a5=5+=6+=7+（﹣1）．
a6=7+=8+，
a7=8+=9+=10+（﹣1），
…，
可得：数列{a2k﹣1}成等差数列，首项为，公差为3．
则a2017=+3×（1009﹣1）=3024+．
故答案为：．
【点评】本题考查了数列递推关系、等差数列的通项公式、归纳法，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．
三、解答题（本大题共5小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）
17．（12分）（2016秋•沙坪坝区校级）已知（1+2x）n的展开式中各项的二项式系数和为an，第二项的系数为bn．
（1）求an，bn；
（2）求数列{anbn}的前n项和Sn．
【】数列的求和；二项式系数的性质．
【分析】（1）由二项式系数的性质和二项展开式的通项公式，可得an，bn；
（2）求得anbn=n•2n+1，运用数列的求和方法：错位相减法，结合等比数列的求和公式，即可得到所求和．
【解答】解：（1）（1+2x）n的展开式中各项的二项式系数和为an，第二项的系数为bn．
可得an=2n，bn=2=2n；
（2）anbn=n•2n+1，
则前n项和Sn=1•22+2•23+…+n•2n+1，
2Sn=1•23+2•24+…+n•2n+2，
两式相减可得，﹣Sn=22+23+…+2n+1﹣n•2n+2，
=﹣n•2n+2，
化简可得Sn=（n﹣1）•2n+2+4．
【点评】本题考查二项式系数的性质和二项展开式的通项公式，同时考查数列的求和方法：错位相减法，同时考查等比数列的求和公式，考查运算能力，属于中档题．
18．（12分）（2016秋•沙坪坝区校级）在△ABC中，角A，B，C所对的边分别是a，b，c，且+=．
（1）证明：a，c，b成等比数列；
（2）若△ABC的外接圆半径为，且4sin（C﹣）cosC=1，求△ABC的周长．
【】正弦定理；等比数列的通项公式．
【分析】（1）+=，由余弦定理可得： +=，化简即可证明．
（2）4sin（C﹣）cosC=1，C为锐角，利用积化和差可得： =1，C∈（0，），∈．解得C=．利用余弦定理可得a2+b2﹣c2=2abcos，又c2=ab，解得a=b．再利用正弦定理即可得出．
【解答】（1）证明：∵ +=，由余弦定理可得： +=，化为c2=ab，∴a，c，b成等比数列．
（2）解：4sin（C﹣）cosC=1，∴C为锐角，2=1，化为： =1，
C∈（0，），∈．∴2C﹣=，解得C=．
∴a2+b2﹣c2=2abcos，又c2=ab，∴（a﹣b）2=0，解得a=b．
∴△ABC的周长=3a==9．
【点评】本题考查了正弦定理余弦定理、和差公式、积化和差，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．
19．（12分）（2016秋•沙坪坝区校级）为降低汽车尾气的排放量，某厂生产甲乙两种不同型号的节排器，分别从甲乙两种节排器中各自抽取100件进行性能质量评估检测，综合得分情况的频率分布直方图如图所示．
节排器等级及利润如表格表示，其中
综合得分k的范围 节排器等级 节排器利润率
k≥85 一级品 a
75≤k＜85 二级品 5a2
70≤k＜75 三级品 a2
（1）若从这100件甲型号节排器按节排器等级分层抽样的方法抽取10件，再从这10件节排器中随机抽取3件，求至少有2件一级品的概率；
（2）视频率分布直方图中的频率为概率，用样本估计总体，则
①若从乙型号节排器中随机抽取3件，求二级品数ξ的分布列及数学期望E（ξ）；
②从长期来看，骰子哪种型号的节排器平均利润较大？
【】离散型随机变量的期望与方差；离散型随机变量及其分布列．
【分析】（1）利用互斥事件概率加法公式能求出至少有2件一级品的概率．
（2）①由已知及频率分布直方图中的信息知，乙型号节排器中的一级品的概率为，二级品的概率，三级品的概率为，若从乙型号节排器随机抽取3件，则二级品数ξ所有可能的取值为0，1，2，3，且，由此能求出ξ的分布列和数学期望．
②由题意分别求出甲型号节排器的利润的平均值和乙型号节排器的利润的平均值，由此求出投资乙型号节排器的平均利润率较大．
【解答】解：（1）至少有2件一级品的概率．
（2）①由已知及频率分布直方图中的信息知，乙型号节排器中的一级品的概率为，
二级品的概率，三级品的概率为，若从乙型号节排器随机抽取3件，
则二级品数ξ所有可能的取值为0，1，2，3，且，
所以，
，
所以ξ的分布列为
ξ 0 1 2 3
P
所以数学期望（或）．
②由题意知，甲型号节排器的利润的平均值，
乙型号节排器的利润的平均值，
，又，
所以投资乙型号节排器的平均利润率较大．
【点评】本题考查概率的求法，考查离散型随机变量的分布列和数学期望的求法及应用，是中档题，解题时要认真审题，注意排列组合知识的合理运用．
20．（12分）（2017春•都匀市校级）已知椭圆的左右焦点分别为F1，F2，且F2为抛物线的焦点，C2的准线l被C1和圆x2+y2=a2截得的弦长分别为和4．
（1）求C1和C2的方程；
（2）直线l1过F1且与C2不相交，直线l2过F2且与l1平行，若l1交C1于A，B，l2交C1交于C，D，且在x轴上方，求四边形AF1F2C的面积的取值范围．
【】直线与椭圆的位置关系．
【分析】（1）由椭圆及抛物线的性质，列方程组求得a，b和c的值，即可求得C1和C2的方程；
（2）设直线方程，代入抛物线和椭圆方程，求得丨AB丨，则AB与CD间的距离为，利用椭圆的对称性及函数单调性即可求得四边形AF1F2C的面积的取值范围．
【解答】解：（1）由题意可知：抛物线的准线方程x=﹣，c=，
C2的准线l被C1和圆x2+y2=a2截得的弦长分别为和4，
，得，
∴C1和C2的方程分别为．
（2）由题意，AB的斜率不为0，设AB：x=ty﹣2，
由，得y2﹣8ty+16=0，△=64t2﹣64≤0，得t2≤1，
由，得（t2+1）y2﹣4ty﹣4=0，
，AB与CD间的距离为，
由椭圆的对称性，ABDC为平行四边形，，
设，
．
即为四边形AF1F2C的面积的取值范围．
【点评】本题考查椭圆及抛物线的方程及简单几何性质，考查直线与椭圆的位置关系，考查韦达定理，弦长公式，三角形的面积公式，考查计算能力，属于中档题．
21．（12分）（2016秋•沙坪坝区校级）设函数f（x）=（x+1）lnx﹣a（x﹣1）．
（1）若函数f（x）的图象与直线y=x﹣1相切，求a的值；
（2）当1＜x＜2时，求证：．
【】利用导数求闭区间上函数的比较值；利用导数研究曲线上某点切线方程．
【分析】（1），设切点为（x0，y0），则切线为y﹣y0=f'（x0）（x﹣x0），又切线为y=x﹣1，可得，消a，再利用函数的单调性即可得出x0，a．
（2）令，所以，可得其单调性．g（x）min=g（x）极小值=g（1）=2﹣a，当a≤2时，即2﹣a≥0时，g（x）≥g（1）≥0，即f'（x）≥0，故a=2时，f（x）在（0，+∞）上单调递增，进而证明结论．
【解答】（1）解：，设切点为（x0，y0），
则切线为y﹣y0=f'（x0）（x﹣x0），即，
又切线为y=x﹣1，所以，
消a，得，设，
易得g（x）为减函数，且g（1）=0，所以x0=1，a=1
（2）证明：令，所以，
当x＞1时，g'（x）＞0，函数g（x）在（1，+∞）为单调递增；
当0＜x＜1时，g'（x）＜0，函数g（x）在（0，1）为单调递减；
所以g（x）min=g（x）极小值=g（1）=2﹣a，
当a≤2时，即2﹣a≥0时，g（x）≥g（1）≥0，
即f'（x）≥0，故a=2时，f（x）在（0，+∞）上单调递增，
所以x∈（1，2）时，f（x）＞f（1）=0，即（x+1）lnx＞2（x﹣1），所以，①
因为1＜x＜2，所以，
所以，即，②
①+②得：，
故当1＜x＜2时，．
【点评】本题考查了利用导数研究函数的单调性极值与比较值、研究切线方程、证明不等式，考查了推理能力与计算能力，属于难题．
请考生在22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分.[选修4-4：坐标系与参数方程]
22．（10分）（2016秋•沙坪坝区校级）在直角坐标系xOy中，直线l：（t为参数，α∈（0，））与圆C：（x﹣1）2+（y﹣2）2=4相交于点A，B，以O为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系．
（1）求直线l与圆C的极坐标方程；
（2）求的比较大值．
【】参数方程化成普通方程．
【分析】（1）直线l：（t为参数，α∈（0，））可得极坐标方程：θ=α，α∈（0，）．圆C：（x﹣1）2+（y﹣2）2=4展开可得：x2+y2﹣2x﹣4y+1=0，利用互化公式可得极坐标方程．
（2）直线l：（t为参数，α∈（0，）代入上述圆的方程可得：t2﹣（2cosα+4sinα）t+1=0．利用=即可得出．
【解答】解：（1）直线l：（t为参数，α∈（0，））化为普通方程：y=xtanα．α∈（0，）．可得极坐标方程：θ=α，α∈（0，）
圆C：（x﹣1）2+（y﹣2）2=4展开可得：x2+y2﹣2x﹣4y+1=0，可得极坐标方程：ρ2﹣2ρcosθ﹣4ρsinθ+1=0．
（2）直线l：（t为参数，α∈（0，）代入上述圆的方程可得：t2﹣（2cosα+4sinα）t+1=0．
∴t1+t2=2cosα+4sinα，t1•t2=1．
∴==2cosα+4sinα=2sin（α+φ）≤2，φ=arctan．
∴的比较大值为2．
【点评】本题考查了极坐标与直角坐标互化公式、直线的参数方程的应用、直线与圆相交问题、一元二次方程的根与系数的关系，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．
[选修4-5：不等式选讲]
23．（2016秋•沙坪坝区校级）设函数f（x）=|2x﹣a|+|x+a|（a＞0）．
（1）当a=1时，求f（x）的比较小值；
（2）若关于x的不等式在x∈[1，2]上有解，求实数a的取值范围．
【】值三角不等式；值不等式的解法．
【分析】（1）当a=1时，利用值不等式的性质，求f（x）的比较小值；
（2）若关于x的不等式在x∈[1，2]上有解，利用函数的单调性求实数a的取值范围．
【解答】解：（1）当a=1时，，
当且仅当时，取等号．
（2）x∈[1，2]时， ，
所以0＜a＜6．
【点评】本题考查值不等式的性质，考查学生的计算能力，正确转化是关键．